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2022-2023学年江苏省镇江市句容市九年级（上）期中物理试卷
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）
1．（2分）如图1是古代舂米的场景（舂米，就是把稻谷去壳，做成白米），舂米装置的示意图如图2所示。使用这种装置可以（ ）
A．省力 B．省功 C．费距离 D．省距离
2．（2分）如图是筷子夹菜时的杠杆示意图，其中的一根筷子受阻力和动力方向都正确的是（ ）
A． B．
C． D．
3．（2分）小明用如图所示的滑轮组，将重为6N的物体匀速提升到一定高度，在此过程中，手拉力的大小实际应该是（ ）
A．大于3N B．等于2N
C．等于3N D．大于2N小于3N
4．（2分）下列物理量中与速度、密度的定义方法不同的是（ ）
A．热值 B．功率 C．功 D．比热容
5．（2分）如图所示为小明同学做挺举连续动作的几个状态图，下列说法不正确的是（ ）
A．小明同学从准备状态发力到上拉状态过程中对杠铃做了功
B．小明同学从上拉状态发力到上挺状态过程中对杠铃做了功
C．小明同学从上挺状态发力到站立状态过程中对杠铃做了功
D．小明同学在站立状态过程中对杠铃做了功
6．（2分）新冠病毒主要以飞沫传播，打喷嚏可以将飞沫喷到15m之外，研究得出打喷嚏时口腔对气流的作用力约为0.14N，气流喷出的速度达150km/h，约为42m/s。估算人打一次喷嚏做功的功率为（ ）
A．21W B．5.9W C．2.1W D．60W
7．（2分）如图用同一滑轮组分别将两个不同的物体A和B匀速提升相同的高度，不计绳重和摩擦的影响，提升A的过程滑轮组的机械效率较大，则下列判断正确的是（ ）
①A物体比B物体轻
②提升A的拉力较大
③提升A所做的额外功较少
④提升A做的有用功较多
A．只有①③ B．只有②④ C．只有②③ D．只有①④
8．（2分）下列关于内能的说法正确的是（ ）
A．一个物体的温度越高内能就越大
B．一个物体的内能增大一定是吸收了热量
C．质量相等的0℃冰和0℃水的内能相同
D．一个物体的机械能越大内能就越大
9．（2分）水烧开时产生的水蒸气将壶盖顶起，汽油机的四个冲程中，能量转化与之相同的是（ ）
A． B．
C． D．
10．（2分）体育课上，小华将皮球从离地某一高度O点处水平抛出，球落地后又弹起。它的部分运动轨迹如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．皮球经过同一高度的A、B两点时动能可能相等
B．皮球第一次反弹后到达最高点P点时速度为零
C．皮球在D点时的动能一定小于在C点时的动能
D．皮球在D点时的动能一定大于在B点时的动能
11．（2分）小明同学用一滑轮组竖直向上提升重为160N的重物，所用的拉力为100N，绳端和重物移动的距离s与时间t的关系图像如图所示。若不计绳重及滑轮轴间的摩擦，则下列说法中正确的是（ ）
A．有用功的功率为16W
B．所使用的动滑轮重为30N
C．拉力做功的功率为40W
D．该滑轮组机械效率为90%
（多选）12．（2分）如图所示，用甲、乙两种燃料分别对质量和初温相同的水进行加热，两图装置均相同。燃料的质量用m表示，燃料充分燃尽时水升高的温度用Δt表示（水未沸腾）（ ）
A．实验中m必须相同，否则无法比较燃料的热值
B．实验中Δt越大，说明燃料的热值一定越大
C．若的值越大，燃料的热值越大
D．若的值越大，燃料的热值越大
二、填空题（每空1分，共28分）
13．（2分）如图，国旗杆上有一个 滑轮，使用它的好处是 。
14．（3分）小华在元宵节灯展上买了一个兔子灯，她用1N的拉力拉着重3N的兔子灯，2s内在水平路面上前进了3m，则她做的功为 J，功率为 W，重力做功为 J。
15．（3分）小明在做压缩空气引火仪实验时，将沾有乙醚的棉花放入玻璃管底部，然后快速打压活塞可以看到棉花燃烧起来，说明此时 能转化为 能；若没有看到棉花燃烧，则可能的原因有： 。（选填：“室温太低”或“打压速度快”）
16．（2分）如图是一个拉杆式行李箱的示意图，使用时相当于一个费 的杠杆；若将拉力F方向由图中竖直向上改为垂直于拉杆向上，则力F将 （“变大”“不变”“变小”）。
17．（2分）在劳动实践基地，身高相同的大李和小李用一根均匀的轻质木棒抬重物，如图所示，大李为了减轻小李的负担，他可以 （选填“将重物拉近小李”、“将重物拉近自己”）；假如大李要承担的力，那么，小李的肩头到重物挂点O的距离与大李的肩头到重物挂点O的距离之比是 。
18．（2分）在体育中考中，男生新设引体向上项目．如图是引体向上的示意图，质量为50kg的小明同学在半分钟内做了3个规范的引体向上，则每做一次引体向上所做的功为 J，整个过程中的平均功率为 W。（g取10N/kg）
19．（3分）如图所示，两光滑斜面长度AB＜AC，沿斜面AB和AC分别将同一重物从它们的底端以相同的速度拉到顶端，沿AB斜面拉力F、做功W1、功率P1；沿AC斜面拉力F2、做功W2、功率P2。则有F1 F2，W1 W2，P1 P2（均选填“＞”、“＝”或“＜”）。
20．（5分）如图，今年8月重庆部分地区突发山火，当地摩托车手积极参加志愿者协助消防人员灭火。
（1）当车手驾驶摩托在平路上加速前进时，动能 （（选填“增大”“减小”或“不变”）；
（2）当沿陡坡上行时，需要加大油门， 车速，才能确保有足够的动力；
（3）火场附近高温难耐，人们向头上浇水来降温，这是通过 的方式来改变内能。
（4）若某摩托车的单缸四冲程汽油机最大转速为7200r/min，则它每秒有 个工作循环，对外做功 次。
21．（3分）水的比热容为4.2×103J/（kg ℃）表示的物理意义是 。我国沿海地区的昼夜温差比新疆沙漠地带要得小多，这主要是因为水的 的缘故，相同质量的海水和砂石，吸收相同的热量后， 的温度升高得少。
22．（3分）如图，台秤上放一只质量不计的三角支架，均匀细木棒OAB可绕O点自由转动，调整O点高度，使OAB水平静止，此时台秤示数如图，OA：AB＝2：3，其自重为 N。若使台秤示数为零，则OAB属于 （“省力杠杆”、“费力杠杆”），B端施加的最小力为 N。（g取10N/kg）
三、解答题（共48分，计算题要写出必要的公式和解题过程）
23．（2分）如图所示，请画出在A点施加最小动力F的示意图及其力臂l。
24．（2分）如图所示，小明用一个滑轮组将重物提升到高处，请在图中画出该滑轮组的绕线。
25．（2分）图（a）是一单摆从A点释放运动到C点的示意图，如果不计空气阻力，请在（b）中作出单摆机械能随时间变化的大致图像（设单摆在A点的初始重力势能为E0）。
26．（6分）用如图所示的装置做“探究杠杆的平衡条件”实验。
（1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向 移动（选“左”或“右”），这样做的目的是 。
（2）如图乙所示，在刻度线“2”处挂2个钩码。在刻度线“4“处用调好的弹簧测力计竖直向下拉杠杆，杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数为F1，将弹簧测力计斜向左拉，杠杆在水平位置平衡时，其示数F2 F1（选填“＞”、“＝”或“＜”，下同）；再将弹簧测力计斜向右拉，杠杆在水平位置平衡时，其示数F3 F1．
（3）实验中某同学在杠杆左右两侧各挂如图丙所示的钩码，杠杆不会平衡，它的 （选填“左”或“右”）端会下降。要使杠杆重新在水平位置平衡，在不改变钩码总数和悬挂点位置的情况下，他将如何操作： 。
27．（5分）在探究“动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车从斜面上由静止释放，小车下滑后撞击斜面底部的木块。
（1）本实验的研究对象是 （选填“斜面”或“小车”或“木块”）。
（2）实验时通过观察 来比较动能大小。
（3）实验研究的动能是指 （填字母）。
A．小车在斜面上时的动能
B．小车撞击木块前瞬间的动能
C．小车撞击木块后瞬间的动能
D．木块被撞击后的动能
（4）让同一小车从同一斜面不同高度由静止开始滚下，是探究动能大小与 的关系。
（5）利用图示器材 （选填“可以”或“不可以”）探究重力势能与高度的关系。
28．（7分）如图所示，小明利用甲、乙、丙三套完全相同的装置，完成下面两个热学实验。
（1）实验1：为了“探究不同物质吸热升温的现象”，他应选择 两套装置，通过 （选填“加热时间”或“温度计上升的示数”）来比较被加热物质吸收热量的多少；小明绘制的温度随时间的变化图像如图丁所示，若B液体的比热容是4.2×103J/（kg ℃），则A液体的比热容为 J/（kg ℃）；冬天，小明想自制一个暖手袋，若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，由图丁知应选择 （选填“A”或“B”）。
（2）实验2：为了比较不同燃料的热值，应选择 两图进行实验；根据Q放＝Q吸和Q放＝mq，算出燃料的热值与实际值相比 （选填“偏大”、“偏小”或“相等”）。
（3）在上述两个实验中，除图示的实验器材外，两个实验都需要的一个测量工具是 。
29．（4分）如图所示是我国第一艘航母“辽宁舰”，其正常行驶的功率约为1.5×108 瓦，正常行驶1分钟做的功是 J，辽宁舰舰载战斗机将配备歼﹣15机群，当战斗机从甲板上加速升空时，战斗机的动能 （选填“增大”、“减小”或者“不变”下同），重力势能 ，机械能 。
30．（6分）如图所示，用50N的拉力F通过动滑轮将重90N的货物匀速提升1m，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，求上述过程中：
（1）有用功W有。
（2）拉力所做的功W总。
（3）动滑轮的机械效率。
31．（6分）小明在“探究不同物质放热降温现象”时，分别用质量均为0.5kg的甲、乙两种液体进行对比实验，并根据实验数据作出了如图所示的图像。实验过程中，甲、乙两种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图像可以得出：
（1）甲、乙两种液体的比热容大小关系是c甲 c乙（选填“＞”、“＜”或“＝”）；
（2）若乙液体的比热容为2.1×103J/（kg ℃），则甲液体的比热容大小是多少；
（3）甲液体在0～15min内放出的热量与完全燃烧多少kg的干木柴放出的热量相同。（q干木柴＝1.2×107J/kg）
32．（8分）北京冬奥会上使用的氢燃料电池汽车，是利用氢与氧发生化学反应产生电能，供给电动机而驱动汽车行驶的。如图所示平直公路上AB两地相距90km，乘坐该类型汽车甲在从A地出发，以25m/s的速度行驶到达B地，此过程中轿车牵引力的功率为20kW，消耗了0.8kg氢气，已知q氢气＝1.5×108J/kg。
（1）求0.8kg氢气完全燃烧释放的热量；
（2）求汽车甲行驶过程中受到的阻力；
（3）求汽车甲发动机的效率；
（4）若乘坐传统燃油汽车乙从B地原路匀速返回A地，所受阻力与甲车相同，汽车乙发动机效率为30%，汽油热值取q＝5×107J/kg，则至少需要消耗汽油多少kg？
2022-2023学年江苏省镇江市句容市九年级（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）
1．【解答】解：（1）由图可知，舂米装置可以绕定点O转动，属于简单机械中的杠杆，由于装置自身重力的阻力臂大于脚的动力臂，所以为费力杠杆，故可以省距离。故AC错误，D正确。
（2）使用任何机械都不省功，故B错误。
故选：D。
2．【解答】解：手对筷子的作用力为动力，其方向与筷子垂直向下；食物对筷子的阻碍力为阻力，其阻力的作用点为筷子与食物的接触点，并且方向垂直筷子向上。
故选：B。
3．【解答】解：由图可知，滑轮组承担物重的绳子段数：n＝2，
因为动滑轮重、绳重和摩擦都考虑在内，所以实际拉力F＞G物＝×6N＝3N。
故选：A。
4．【解答】解：A、热值是利用物体放出的热量与物体质量的比值，所采用的定义方法与速度相同，不符合题意。
B、功率是用所做的功和做功时所用时间的比值来定义的；所采用的定义方法与速度相同，不符合题意。
C、功是力和物体在力的方向上移动的距离的乘积来定义的；所采用的定义方法与速度不相同，符合题意。
D、比热容是利用物体吸收的热量与物体的质量和升高温度乘积的比值定义的，所采用的定义方法与速度相同，不符合题意。
故选：C。
5．【解答】解：
A、小明同学从准备状态发力到上拉状态过程中，小明对杠铃施加一个向上的力，杠铃向上移动了距离，所以小明对杠铃做了功，故A正确。
B、小明同学从上拉状态发力到上挺状态过程中，小明对杠铃施加一个向上的力，杠铃向上移动了距离，所以小明对杠铃做了功，故B正确。
C、小明同学从上挺状态发力到站立状态过程中，小明对杠铃施加一个向上的力，杠铃向上移动了距离，所以小明对杠铃做了功，故C正确。
D、小明同学在站立状态过程中，小明施加了力，但杠铃没移动距离，所以小明对杠铃不做功，故D错误。
故选：D。
6．【解答】解：打喷嚏时口腔对气流的作用力约为0.14N，气流喷出的速度可达150km/h，约为42m/s，则功率为：P＝Fv＝0.14N×42m/s＝5.88W，故B符合题意。
故选：B。
7．【解答】解：
①用同一滑轮组分别将两个不同的物体A和B匀速提升相同的高度，不计绳重和摩擦的影响，提升A的过程滑轮组的机械效率较大，由η＝＝＝可知，A物体比B物体重，故①错误；
②由图知n＝2，因不计绳重和摩擦，A物体比B物体重，G轮相同，则根据F＝（G+G轮）可知，提升A的拉力较大，故②正确；
③由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功是额外功，由W额＝G动h知，提升A和B所做额外功相同，故③错误；
④由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，A物体比B物体重，由W有用＝Gh知，提升A做的有用功较多，故④正确；
由此可知，只有②④正确。
故选：B。
8．【解答】解：A、物体内能的大小与物体的质量、温度、状态有关，同一物体的温度越高，内能越大，故A正确；
B、物体的内能增加，可能是做功或热传递造成的，故B错误；
C、内能与物体的状态有关，质量相等0℃的水和0℃的冰虽然温度相同、质量相同，但状态不同，且0℃水比0℃冰的内能大，故C错误；
D、机械能与内能是两种不同的能量形式，因此物体的机械能越大，内能不一定大，故D错误。
故选：A。
9．【解答】解：水烧开时产生的水蒸气将壶盖顶起，水蒸气的内能会转化为壶盖的机械能；
A、汽油机进气门和排气门均关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，此冲程机械能转化为内能，故A不符合题意；
B、汽油机进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，是吸气冲程，此冲程没有能量转化，故B不符合题意；
C、汽油机进气门和排气门均关闭，活塞向下运动，是做功冲程，此冲程内能转化为机械能，故C符合题意；
D、汽油机进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，是排气冲程，此冲程没有能量转化，故D不符合题意。
故选：C。
10．【解答】解：
A、由图可知，每次小球反弹后到达的最高点都比上一次的最高点要低，小球运动时受到空气阻力，其机械能逐渐变小，则在A点的机械能大于在B点的机械能；同一小球在A、B两点的高度相同则重力势能相同，因机械能是物体动能与势能的总和，所以在A点的动能大于在B点的动能，故A错误；
B、小球在最高点时，竖直方向的速度为零，但是仍然能往右运动，说明小球还具有水平方向速度，所以皮球第一次反弹后到达最高点P点时速度不为零，故B错误；
C、整个过程中，机械能逐渐变小，所以皮球在C点时的机械能大于在D点时的机械能，两点的高度相同，重力势能大小相同，所以皮球在D点时的动能一定小于在C点时的动能，故C正确；
D、B点的机械能大于D点的机械能，B点的重力势能大于D点的重力势能，所以无法判定B和D点的动能的大小，故D错误。
故选：C。
11．【解答】解：从图可知，在t＝8s时间内绳端移动的距离和重物上升的高度，
绳端移动的速度：v＝＝＝0.2m/s，
重物上升的速度：v物＝＝＝0.1m/s，
使用滑轮组承担物重的绳子股数：n＝＝＝2。
A、有用功的功率：P有用＝＝＝Gv物＝160N×0.1m/s＝16W，故A正确；
B、不计绳重及滑轮轴间的摩擦，拉力F＝（G+G动），则所使用的动滑轮重：G动＝nF﹣G＝2×100N﹣160N＝40N，故B错误；
C、拉力做功的功率：P总＝＝＝Fv＝100N×0.2m/s＝20W，故C错误；
D、滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝80%，故D错误。
故选：A。
12．【解答】解：燃料的热值大小不能直接测量，需要通过水吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而水吸收热量的多少跟水的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小可以利用Q吸＝Q放，而Q吸＝c水m水Δt，Q放＝mq，即c水m水Δt＝mq，解得：q＝；
A、由q＝可知，比较两种燃料的热值大小时，需要控制两种燃料的质量相同，故A正确；
B、若Δt相同，m越大，由q＝可知，燃料的热值越小，故B错误；
C、若的值越大，即的值越小，由q＝可知，燃料的热值越小，故C错误；
D、若的值越大，由q＝可知，燃料的热值越大，故D正确。
故选：AD。
二、填空题（每空1分，共28分）
13．【解答】解：根据滑轮的轴固定不动的特点可知，旗杆顶部的滑轮为定滑轮，它的使用特点是能改变力的方向，而不能省力。
故答案为：定；可以改变力的方向。
14．【解答】解：她做的功：W＝Fs＝1N×3m＝3J，
功率：P＝＝＝1.5J，
重力的方向竖直向下，物体沿水平方向运动，在竖直方向没有移动距离，所以重力对物体没有做功，即重力做功为0J。
故答案为：3；1.5；0。
15．【解答】解：迅速向下压活塞，活塞会压缩空气做功，机械能转化为内能，使空气的内能增加，温度升高，当温度达到硝化棉的燃点时，硝化棉就会燃烧，通过此实验可说明做功可以改变物体的内能。
实验中没有看到棉花燃烧的现象，可能做功的速度较慢，室温太低，实验中有热量的散失。
故答案为：机械；内；室温太低。
16．【解答】解：竖直向上的力F为动力，箱体的重力为阻力，支点在图中O点，动力和阻力臂的图示如下所示：
；
根据图示可知，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆，省力费距离；
若将拉力F方向由图中竖直向上改为垂直于拉杆向上，此时的动力臂变大，阻力、阻力臂大小不变，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，拉力F会变小。
故答案为：距离；变小。
17．【解答】解：对于小李来说，大李的肩膀与木棒的接触点为支点，重物的重力就是阻力；由杠杆的平衡条件可知，要减轻小李的负担，那么需要延长小李到O点的长度（增大动力臂）或者减小O点到大李的长度（减小阻力臂），故大李将重物拉近自己；
对于大李来说，小李的肩膀与木棒的接触点为支点，重物的重力为阻力，那么小李肩膀到O点为阻力臂，令其为L′，大李肩膀到小李肩膀为动力臂，令其为L，已知阻力也就是重物的重力为G，动力也就是大李承担的力为G，由F1L1＝F2L2得L′ G＝L G，则L′＝L，小李的肩头到重物挂点O的距离与大李的肩头到重物挂点O的距离之比为L：（L﹣L）＝3：2。
故答案为：将重物拉近自己；3：2。
18．【解答】解：
（1）小明受到的重力：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，
由图知，小明做一次引体向上时上升的高度：h＝1m﹣0.6m＝0.4m，
每做一次引体向上所做的功：W＝Gh＝500N×0.4m＝200J；
（2）小明半分钟做的总功：W总＝200J×3＝600J，
所用时间t＝0.5min＝30s，
则小明做功的平均功率：
P＝＝＝20W。
故答案为：200；20。
19．【解答】解：斜面光滑说明摩擦力为0，使用任何机械都不省功，所以拉力在两斜面上做功相同，即W1＝W2。
斜面AC倾斜角度小于AB，所以物体沿AB运动时拉力较小，即F1＞F2；
根据公式P＝＝＝Fv可知，速度相同，F1＞F2，所以拉力沿AB运动时拉力F1做功的功率较大，即P1＞P2。
故答案为：＞；＝；＞。
20．【解答】解：（1）当车手驾驶摩托在平路上加速前进时，质量不变，速度增大，所以动能增大；
（2）当沿陡坡上行时，根据P＝＝＝Fv可知，当汽车的功率一定时，可以通过降低速度来增大汽车的动力；
（3）火场附近高温难耐，人们向头上浇水来降温，这是通过热传递的方式来改变内能；
（4）某摩托车的单缸四冲程汽油机最大转速为7200r/min＝120r/s，即汽油机的飞轮每秒转120圈，
由于四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，所以该汽油机每秒有60个循环，对外做功60次。
故答案为：（1）增大；（2）降低；（3）热传递；（4）60；60。
21．【解答】解：水的比热容是4.2×103J/（kg ℃），它表示的物理意义是1kg水，温度升高（或降低）1℃，所吸收（或放出）的热量是4.2×103J。
我国沿海地区的昼夜温差比新疆沙漠地带要小得多，这主要是因为水的比热容比较大；相同质量的水和砂石，吸收相同的热量后，水的温度升高得少，砂石的温度升高得多。
故答案为：1kg水温度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量是4.2×103J；比热容比较大；水。
22．【解答】解：由图知台秤的示数为250g＝0.25kg，
杠杆对台秤的压力为：F压＝mg＝0.25kg×10N/kg＝2.5N；
因为台秤对杠杆的支持力与杠杆对台秤的压力是一对相互作用力，大小相等，即F支持力＝F压＝2.5N，
此时的杠杆以O为支点，杠杆的重力为阻力，台秤对杠杆的支持力为动力，
根据杠杆的平衡条件F支持力×LOA＝G×LOB知，G＝＝＝2N；
台秤的示数变为0，在B端施加力时，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；
所以B端施加的最小力为：FB＝G＝×2N＝1N。
故答案为：2；省力杠杆；1。
三、解答题（共48分，计算题要写出必要的公式和解题过程）
23．【解答】解：根据杠杆平衡条件可知，动力臂越长越省力，最长的动力臂即支点O与作用点A的连线，然后根据力臂的画法，过A点作垂直于力臂的作用力，动力的方向应向左上方，如下图所示：
24．【解答】解：由于小明要站在地面上，所以从小明的手开始，先绕过定滑轮，然后再依次绕过动滑轮和定滑轮的框架钩，如图：
25．【解答】解：单摆从A点到B点，重力势能转化为动能；从B点到C点，动能转化为重力势能；
不计空气阻力，机械能守恒，单摆在摆动过程中机械能等于初始位置的重力势能，为E0，作图如下：
故答案为：
26．【解答】解：（1）由图甲可知杠杆不在水平位置，右端向下倾斜，左端上翘，故应向左调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；
实验前使杠杆在水平位置平衡，此时杠杆的重心与支点在同一竖直线上，杠杆重力的力臂为0，是为了消除杠杆自重对实验的影响；
（2）让杠杆在水平位置平衡，将弹簧测力计斜向左拉或将弹簧测力计斜向右拉，阻力和阻力臂不变，拉力的力臂变短，根据杠杆平衡条件可知，杠杆在水平位置平衡时，拉力变大，所以，F2＞F1，F3＞F1；
（3）根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，设每个钩码为G，
如图丙所示：左边：5G×4＝20G，右边：G×2＝2G，
所以杠杆不会平衡，它的左端会下降，
要使杠杆重新在水平位置平衡，在不改变钩码总数和悬挂点位置的情况下，我们可以取下左边3 个钩码挂在右边钩码下使杠杆平衡；
故答案为：（1）右；消除杠杆自重对实验的影响；（2）＞；＞；（3）左；取下左边3 个钩码挂在右边钩码下。
27．【解答】解：（1）本实验研究的对象是小车；
（2）小车下滑过程中重力势能转化为动能；实验中通过木块被小车推动的距离来比较动能的大小；
（3）实验探究的是小球具有的动能，通过木块被小球推动的距离来反映小球具有动能的多少，应用了转换法，所以探究的动能是指小球撞击木块时小球具有的动能，故选B；
（4）让同一小车从同一斜面不同高度由静止开始滚下，小车的质量不变，高度不同，到达水平面时的速度是不同的，所以是探究动能大小与速度的关系；
（5）利用图示器材可以探究重力势能与高度的关系，实验时，可以用同一小车从不同高度由静止滑下（保证质量相同），下滑过程中小车的动能是由重力势能转化而来的，通过木块被推出去的距离判断重力势能的大小。
故答案为：（1）小车；（2）木块被撞击后移动的距离；（3）B；（4）速度；（5）可以。
28．【解答】解：（1）为了比较不同物质的吸热本领的大小，需要燃烧相同的燃料，加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，他应选择甲、丙两套装置；
小明通过加热时间来比较被加热物质吸收热量的多少；
由图丁知，温度升高：60℃﹣20℃＝40℃，B用时20分钟，A用时10分钟，根据Q＝cmΔt，在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容成正比，故A的比热容：
c＝×4.2×103J/（kg ℃）＝2.1×103J/（kg ℃）；
因质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，B吸热多，B的吸热能力强，比热容大，根据Q＝cmΔt，质量相同的AB液体降低相同的温度，B放热多效果好，故从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择B；
（2）比较不同燃料的热值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；故应选择甲、乙两图进行实验；
由于燃料无法完全燃烧以及在加热过程中热量的散失，使得测得燃料的热值与实际相比偏小；
（3）要完成该探究实验，需要使水和煤油的质量相同、相同质量的不同燃料，因此该实验还需要使用天平测质量。
故答案为：（1）甲、丙；加热时间；2.1×103；B；（2）甲、乙；偏小；（3）天平。
29．【解答】解：
（1）∵P＝，
∴航母正常行驶1分钟做的功：
W＝Pt＝1.5×108W×60s＝9×109J；
（2）战斗机从甲板上加速升空时，
①质量不变、速度增大，动能增大；
②质量不变、高度增大，重力势能增大。
③机械能＝势能+动能，动能增大、重力势能增大，所以机械能增大。
故答案为：9×109；增大；增大；增大。
30．【解答】解：（1）拉力做的有用功：W有＝Gh＝90N×1m＝90J；
（2）由图知，n＝2，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×1m＝2m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝50N×2m＝100J；
（3）动滑轮的机械效率：η＝×100%＝×100%＝90%。
答：（1）有用功为90J；
（2）拉力所做的功为100J；
（3）动滑轮的机械效率为90%。
31．【解答】解：（1）时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；利用热量的计算公式Q放＝cmΔt可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小；所以，甲液体的比热容大，乙液体的比热容小；
（2）由图象知，放热15min，甲降低的温度为60℃﹣40℃＝20℃，
乙降低的温度为60℃﹣20℃＝40℃，也就是乙降温幅度是甲的2倍，
已知甲、乙质量相同，15min时间内放出的热量相同，
由公式c＝，甲的比热容是乙的2倍，所以c甲＝2c乙＝2×2.1×103J/（kg ℃）＝4.2×103J/（kg ℃）；
（3）由图象知，在0﹣15min，甲降低的温度为Δt＝60℃﹣40℃＝20℃，
甲液体在0～15min内放出的热量为：
Q甲＝c甲m甲Δt＝4.2×103J/（kg ℃）×0.5kg×20℃＝4.2×104J，
已知Q干木柴＝Q甲，因为Q＝mq，所以需要完全燃烧的干木柴质量为：
m干木柴＝＝＝3.5×10﹣3kg。
答：（1）＞；
（2）甲液体的比热容大小是4.2×103J/（kg ℃）；
（3）甲液体在0～15min内放出的热量与完全燃烧3.5×10﹣3kg的干木柴放出的热量相同。
32．【解答】解：（1）0.8kg氢气完全燃烧放出的热量：Q放＝mq氢气＝0.8kg×1.5×108J/kg＝1.2×108J；
（2）汽车甲行驶过程中受到的阻力f＝F＝＝＝800N；
（3）汽车甲发动机做的有用功W＝Fs＝800N×9×104m＝7.2×107J，
汽车甲发动机的效率η1＝＝＝60%；
（4）汽油完全燃烧放出的热量Q放′＝＝＝2.4×108J，
至少需要消耗汽油的质量m′＝＝＝4.8kg。
答：（1）0.8kg氢气完全燃烧释放的热量为1.2×108J；
（2）汽车甲行驶过程中受到的阻力为800N；
（3）汽车甲发动机的效率为60%；
（4）至少需要消耗汽油4.8kg。
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